SBMPTN

Maka: x > 1 f ’(x) = 4(1 + (-tan2x) + tan4x + … ) 2 x2 +1 ∞ x − 1 < 0 2 x2 +1 ∑= 4 ((-1)i tan x)2i x(x2 + 1) − 2 < 0 i =0 2( x2 + 1)5. Jawaban: B x3 + x−2 < 0 Pembahasan: 2( x2 +1) t9 – t = t(t8 – 1) = 0 t(t4 – 1)(t4 + 1) = 0 ( x − 1)( x2 +x + 2) < 0(1) t(t2 – 1)(t2 + 1) (t4 + 1) = 0 2( x2 + 1) t(t – 1)(t + 1)(t2 + 1)(t4 + 1) = 0 Jadi terdapat 3 akar real yaitu t = 0, t = 1, t = -1. x > 0 26. Jawaban: A x > 0 … (2) Pembahasan: x 1 1 > 0 … (3) 2+1 3 3 2 2 1 1 × 2 = 23 × 32 LPLPLP = 23 × 32 01S = 72i Jadi HP = {x | 0 < x < 1}n pustaka-indo.blogspot.comt 9. Jawaban: Ca Pembahasan:7. Jawaban: E xy = xA + xB + ByPembahasan: = xA + xB + 1 BD 2• f(x) + 3g(x) = x2 + x + 6 × 2 2f(x)+6g(x)=2x2+2x+12 = 1 v + u + 1 w − 1 u 2 2 2 2f (x) + 4g(x) 1 1 1 = 2x2 + 4 × 2 2f (x) + 4g(x) = 2x2 + 4 – = 2 u − 2 v + 2 w 2g(x) = 2x + 8 10. Jawaban: E g(x) = x + 4 Pembahasan: sehingga f (x) = x2 – 2x – 6 4x + y = 4• f(x) = g(x) y = -4x + 4 x2 – 2x – 6 = x + 4 gradien : m = -4 x2 – 3x – 10 = 0 sehingga garis singgung miring ke kiri dan x1.x2 = c a graik menghadap ke bawah. = -10 y Dari gambar, titik8. Jawaban: C puncak pasti beradaPembahasan: di atas y = 1, maka 1 log x > 1 1 1 x jawaban yang mung-x 2 +1 2+ -2 kin adalah (-2, 5). x2+1log 2 x 1 y = -4x + 4142 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

11. Jawaban: E AC = 3p 2 Pembahasan: P(1) = 9, Q(1) = 1 OC = 2 . AC = 2 . 3p 2 = 2p 2 P(x) = Q(x) . (a2x2 + (a – 1)x + 2a) 3 3 9 = 1 . (a2 + a – 1 + 2a) a2 + 3a – 10 = 0 SC = 4P (a + 5)(a – 2) = 0 a = -5 a = 2 tanβ = SC Untuk a = 2 OC P(1) . Q(u) .[22 . (1)3 + (2 – 1) . 1 + 2 . 2] = 9 . 1 . (4 + 1 + 4) = 4P =9.9 2P 2 = 81 =2 14. Jawaban: D Pembahasan: misal A = ac db12. Jawaban: C [x 1] A  x = 5x2 – 8x + 1 Pembahasan:  1 (3sinx + 4 cosy)2 = 52 9 sin2x + 24 sin x . cos y + 16 cos2 y = 25 pada option jawaban a = 5, d = 1 9(1 – cos2x) + 16(1 – sin2 y) + 24 sin x . cos y = 25 -9 cos2x – 16 sin2y + 24 sin x . cos y = 0 maka 24 sin x . cos y = 9 cos2x + 16 sin2y pustaka-indo.blogspot.com P2 = (3 cos x + 4 sin y)2 [x 1] 5 b  x = 5x2 – 8x + 1 = 9 cos2x + 16 sin2 y + 24 cos x . sin y c 1  1 = 24 sin cos x + 24 cos x . sin y = 24 sin(x + y) 5x2 + (b + c)x + 1 = 5x2 – 8x + 1 b + c = -8 Jadi, jawaban yang mungkin adalah 5 -8 0 1  15. Jawaban: B Nilai max/min Pembahasan:Pmin = - 24 A( x0 ) = 1 =-2 6 A(1) 813. Jawaban: C 1 . x0 . b x 2 1 Pembahasan: 3 0 8 1 = 3 .1. b H S x 3 = 1E G 0 8 F Q 1 x0 = 2 AB = DC D C Rβ BA Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 143 001/1/16/MC

LABPQ 1 (PQ + AB)BP Diperoleh waktu untuk mencapai tanah:LDCPQ 2 t1 = -2 + 2 2 sekon = 21(PQ + AB)PC Kecepatan ketika tiba di tanah adalah: vt = vo + gt 3 = 20 + 10(-2 + 2 2 ) = 2 = 20 2 m/s 1 Peluru kedua: 2 Ditembakkan arah mendatar, = 3 1 V0 = 20 m/s AJadi LABPQ : LDCPA = 3 : 116. Jawaban: E C VCx = V0Pembahasan: VCy VCAgar mudah dipahami kita buat misalkan: Berarti memenuhi gerak parabola dengan:pada saat t0 = 0ketinggian h = 20 m dan; kecepatan awal = 20 m/skelajuan v0 = 20 m/s sudut elevasi = α = 0o; sehinggaPeluru pertama: pustaka-indo.blogspot.comh=1gt 2 2 A 1 V0 = 20 m/s = 2 .10.t 220 m 5t2 = 20B t= 20 5Ditembakkan arah vertikal ke bawah,Y = vot + (1/2)gt2 = =4 2 sekon;20 = 20t + 5t25t2 + 20t – 20 = 0 vty = voy + gtt2 + 4t – 4 = 0 = 0 + 10.2t1,2 = -b ± b2 − 4ac = 20 m/s (arah ke bawah); 2a di posisi itu juga ada: -4 ± 42 − 4.1.(-4) = 2.1 vtx = 20 m/s; maka; vt = v2 + vt2y = tx = -4 ± 16 +16 202 + 202 2 = 2.202 = -2 ± 2 2 = 20 2 m/s, membentuk sudut 45°t1 = -2 + 2 2 ataut2 = -2 – 2 2 (tidak dipakai karena negatif ) Peluru ketiga: Ditembakkan vertikal ke atas.144 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

A = 20 sin30o.3 – 1 gt2 2 Y 0 V0 = 30 – 5.3220 m = –15 C h = 30 – 15Untuk lintasan AB maka = 15 mvB = vA – gt Maka h : x = 150 = 20 – 10t 30 310t = 20 =1:2 3t = 2 sekon. 18. Jawaban: EKetinggian AB = YAB = vAt – 1 gt2 Pembahasan: 2 F – T + T = (mA + mB)a = 20.2 – 1 .10.22 F = (m + 2m)a = 3ma 2 F = 40 – 20 a = 3 m ………(1) = 20 mPada lintasan BC memenuhi Smart Solution:YBC = vbtBC – 1 pustaka-indo.blogspot.com=F m=total 3m 2 gtBC T mA m F = 3TYBA + YAC = vbt – 1 2 gtBC Pada benda B berlaku:-20 – 20 = 0.tBC – 5tBC2-40 = – 5tBC2 F – T = 2mat 2 =8 F – T = 2m. F m BC 3tBC = 2 2 sekon = 2 Fmaka waktu total: 3tAC = (2 +2 2 ) sekon F – 2 F = TSementara kecepatan ketika tiba di tanah 3memenuhi F = T 3vC = vB + gtBC F = 3T = 0 + 10.2 2 = 20 2 m/s 19. Jawaban: D Pembahasan:17. Jawaban: A i = 10 APembahasan: 1 cmX = vox.t 0 = 20.cos 30o.3 Gaya yang dialami elektron 1= 20. 2 3 .3 = µ0 ivq sin90o 2π a= 30 3 m π× − × ×− = Primagama SmartπSolu×tion L−olos SBMPTN SAINTEK 145 001/1/16/MC = ×−

=µ π 4π ×10−7 .10.7×104 .1, 6×10−19 1 1= 2π .1×10−2 .1 = 2 (m + m)( 2 v)2= 2,24 ×10−18 N = 1 .2m. 1 v2 2 420. Jawaban: D = 1 mv2Pembahasan: 4Hambatan 60 dan 120 paralel maka hambatanpenggantinya bernilai: Ek' saat sudah menekan pegas sejauh A = 0 maka=1 1 + 1 ∆Ek = Ek’ − EkawatRp 60 120 = 0 – 1 mv2 4 = 3 120 ∆Ek ini sama dengan Ep = 1 kx2; pegas 2Rp = 120 dengan x = A 3 1 1 = 40 ohm 2 kA2 = – 4 mv2 (ambil nilai positifnya).Dengan mengikuti hukum II Kirchof: A2 = mv 2 2k40i + 40i + 5i = 3,4I= 3, 4 pustaka-indo.blogspot.comA=v m 85 2kMaka beda potensial antara ujung-ujunghambatan 40 ohm 22. Jawaban: D=  3, 4  × 40 Pembahasan: 85 Pada saat peluruhan:= 1,60 V Jika memancarkan partikel α ⇒ A’ < A Jika memancarkan electron ⇒ A’ = A21. Jawaban: D Jika memancarkan positron ⇒ A’ = A Jika memancarkan gamma ⇒ A’ = APembahasan: Dengan A’ = massa inti yang baru dan A =Karena lantai licin A menumbuk B berkece- massa inti awal.patan V. Kedua benda bertumbukan tidak Penjelasan di atas menunjukkan massa intilenting, menempel: baru tidak pernah lebih besar dari massamAvA + mBvB = mAv’ + mBv’ yang awal. mv + m.0 = v’(m + m) mv = 2mv’ v’ = 1 v. 23. Jawaban: E 2 Pembahasan:Saat menempel melaju awalnya dengan: ni = m = 5v’ = 1 2v nf = n = 2Ek awal = 1 mAB(v’)2 =λ1 R  1 − 1  2 n2 m2146 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK = ×  −  001/1/16/MC −  = × 

=λ  −  =1, 098 ×107  1 − 1  2 =  ; m2 = m; r2 = Rb + h; Rb = jari-jari Bumi; 22 52 Tentukan T2!= 1, 098 × 107  25 − 4  T2 = 2π (Rb + h)2 100 GM= 1, 098 × 107  21  0 100 GM 2π Rb 100 ×10−7 T0 =λ = 1,098 × 21 × 1010 T2 2π (Rb + h)  GM = 4,34 × 103 Å Rb 024. Jawaban: E = Rb + h Pembahasan: T2 = T = T0 Rb + h  0 RbW = + 400 J (melakukan kerja) dengan eisiensi25%; Q = ? 27. Jawaban: AEisiensi = W 100% Pembahasan: Q Hukum Snellius:25% = 400 100% Q nI sini = nII sinr25% = 400 pustaka-indo.blogspot.com 43=5. 43 3100% Q 5 s=in r1 4004 = Q 3Q = 4 × 400 28. Jawaban: D = 1.600 J Pembahasan:25. Jawaban: C Getaran selaras t = 0; x = xo dan v = vo; jika x = xoPembahasan: maka v ≠ vo tapi v = 0. Jadi pernyataan salah.T2 = C dengan C = konstanta Etotal = 1 kA 2 adalah benar, jadi alasannyaR3 2T2 = CR3 benar. 13 29. Jawaban: BT = C2R2T ≈ 3 Pembahasan: R226. Jawaban: E 1) P1 = P2 ⇒ P0 = P2 ⇒ P2 = 3 T1 T2 T0 4 P0Pembahasan: 3 T0 4= 0; m1 = mo; T1 = To; r1 = Rb 2) Q = ∆U = 3 nR(Tf – Ta) = 3 nR( 3 T0 – Ta) = - 3 nR 2 2 4 8 1⇒ T1 = 2π g 3) W = P. ∆V = P.0 = 0 GM Maka yang benar adalah 1 dan 3. Rb2dengan g =maka T0 = 2π 1Rb2 GM Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 147 001/1/16/MC

30. Jawaban: C T Y XYPembahasan: Z XZ T1) Salah, karena tegangan pada kedua ujung lampu berbeda. Hambatan A dan ham- X ZY batan B berbeda. Jadi rumus molekul:2) Benar, arus pada kedua lampu sama ka- XY2T2, XZ2 dan ZY2 , sesuai dengan kaidah oktet. rena mereka terhubung secara seri.3) Salah, karena daya pada kedua lampu berbeda. 32. Jawaban: A4) Benar, jumlah daya pada kedua lampu Pembahasan: 12 W. L nomor atom : 27, nomor massa : 58Daya pada lampu A = PA = VAI Lambang atom : lampu B = PB = VBI L58 → 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 4s2 3d7 27RA = V2 = 2202 ohm ∑ proton : 27 PA 36 ∑ elektron : 27RA = 2202 ohm ∑ neutron : 58 – 27 = 31 18 K29 → 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 4s1 19 pustaka-indo.blogspot.comI  2202 + 2202  = 220 L dan K sama-sama berada di periode -4  36 18    L logam transisi, karena mengisi orbital s dan d.I = 12 A 33. Jawaban: A 220 Pembahasan: 12 2202 220VA = IRA = 220 36 = 3 Volt Mr N2 = 28VB = IRB = 12 2202 = 440 Volt Mr (NH2)2 CO = 60 220 18 3 Massa (NH2)2 CO = 3 juta ton 220 12PA = VAI = 3 220 = 4 watt N2 = 28 × 3 juta ton 60 440 12PB = VB I = 3 220 = 8 watt = 1,4 juta tonPtotal = PA + PB = 4 + 8 = 12 W 34. Jawaban: ­31. Jawaban: A Pembahasan: Pembahasan: ∆Hof NH3(g) = -50 kJ/mol ∆Hof BH3(g) = -1440 kJ/mol Konigurasi elektron: ∆Hof NH3BF3(g) = -2615 kJ/mol Mr NH3 BF3 = 85 6X → 2 4 NH3 + BF3 → NH3 BF3 9Y → 2 7 ∆Hr = (∆Hof NH3(g) BF3) – (∆Hof NH3 + ∆Hof BF3) 16Z → 2 8 6 17T → 2 8 7 = -2.615 – (-50 – 1.440) Rumus molekul yang terjadi: = -2.615 – (-1.490)148 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

= -2.615 + 1.490 ⇒ ∆Tf LX = 1,25 t°C to = -1.125 kJ/mol × 8,5 mol 85 37. Jawaban: E = -112,5 kJ/mol Pembahasan:35. Jawaban: D Ka = 1 . 10-6 50 mL NaOHPembahasan: C18H21NO3 0,02 M 50 mL 0,02 M  100  y 1 25 1Orde reaksi terhadap C2H4: = 4 C18H21NO3 + NaOH → C18H21OH + NaNO3 m 1 mmol 1 mmol (4)y = (4)1 y=1 r 1 mmol 1 mmol 1 mmol 1 mmol  100  x 1 50 1Orde reaksi terhadap H2 : = s- - 1 mmol 1 mmol 2 Terjadi hidrolisis bersifat basa, karena dari (2)x = (2)1 asam lemah dengan basa kuat. x=1 [OH− ] = Kw . Mg = 10−14 . 1 = Ka 10−6 100  100  1  100  1 1 25 x 1Nilai x : = 8 pustaka-indo.blogspot.com 10−10 =10−541.  100  = 8 pOH = -log 10-5 = 5 x pH = 14 – 5 = 9100 = 2 ⇒ x = 50 38. Jawaban: B x Pembahasan:36. Jawaban: D Co(s) І Co2+(1M) ІІ Ce4+(1M), І Ce3+(1M)І Pt(s) E°sel = 1,887 v Pembahasan: oksidasi reduksi Gula : 0,1 mol, ∆Tf = t °C Co2+ + 2e → Co, Eo = -0,277 V, Ce4+ + e- → Ce3+. LX : 0,1 mol LX ⇒ larutan elektrolit E° = … ⇒ jumlah ion E°sel = E°red – E°oks ⇒ α = 0,25 1,887 = E°red – (-0,277) Maka faktor Van’t Hof, i i = 1 + (n – 1) α = +1,610 volt = 1 + (2 – 1) 0,25 39. Jawaban: D = 1,25 Pembahasan: 3H2 + N2  2NH3 20∆Tf LX = m.Kf .i MH2 = 2 = 10 M∆Tf gula m.Kf 1 28⇒ ∆Tf LX 0,1.1, 25 MN2 = 28 =1M to = 0,1 1 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 149 001/1/16/MC

Kc = [NH3 ]2 44. Jawaban: A [H2 ]3 .[N2 ] Pembahasan: Formaldehid adalah aldehid.1 . 10-5 = [NH3 ]2 Uji aldehid antara lain: 103 . 1 Fehling → positif (terbentuk endapan merah bata).[NH3]2 = 10-2 Tollens → positif (terbentuk endapan Ag).[NH3] = 10-1 M Oksidasi K2Cr2O7 → terbentuk asam alkanoat. Sedangkan Biuret bukan untuk uji aldehida[OH-] = 10−5 .10−1 tetapi untuk uji protein. = 10-3 45. Jawaban: E Pembahasan:pOH = 3 HClO4 → asam terkuat, mudah melepas H+, mudah mengalami reduksi.pH = 11 H3PO4 → asam terlemah pH H2SO4 0,1 M adalah [H+] = 2 . 10-1,40. Jawaban: B pH = 1 – log 2 Na3PO4 terbentuk dari basa kuat dengan asam Pembahasan: lemah. Suhu naik, harga Kc menurun, berarti reaksi ke 46. Jawaban: E kanan adalah reaksi eksoterm, ∆H = - Pembahasan: 3H2 + N2  2NH3; ∆H = - Mesoil adalah bahan hijau daun yang me- mungkinkan tanaman untuk melakukan41. Jawaban: A pustaka-indo.blogspot.com proses fotosintesis. Mesoil terdiri atas dua jenis bahan yang mengandung sel-sel khusus Pembahasan: untuk proses biologis yaitu parenkim palisade (pagar/tiang) dan parenkim spon (bunga Pada suhu 25oC reaksi: karang). Parenkim palisade dan parenkim spon mengandung sel-sel dengan jumlah 3H2 + N2  2NH3 kloroplas tinggi, yang diperlukan untuk proses saat setimbang : 1 atm ≈ 10 atm ≈ p NH3 fotosintesis.Kp = (p NH3 )2 (p H2 )3(p N2 )19 . 105 = (p NH3 )2 13 .101(p NH3)2 = 9 . 106Jadi p NH3 = 9.106 = 3 . 103 = 3.000 atm42. Jawaban: A Kutikula Pembahasan: Reaksi inti: AgCl → Ag+ + Cl– Bila ditambah NH3 maka akan mengikat Ag+ membentuk Ag(NH3)2+ sehingga reaksi bergeser ke kanan artinya kelarutan AgCl bertambah.43. Jawaban: A Epidermis atas Pembahasan: Katoda terjadi reaksi reduksi. Palisade mesoil Anoda terjadi reaksi oksidasi. Spons lxoileemm Pembuluh sebleurbkuans g (berkas pengangkut) Epidermis bawah stomata150 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

47. Jawaban: D pustaka-indo.blogspot.com 1 Peleburan/Denaturasi Pembahasan: Reaksi berantai polimerase atau lebih umum 2 Penempelan dikenal sebagai PCR (kependekan dari istilah bahasa Inggris polymerase chain reaction) 3 Pemanjangan merupakan suatu teknik atau metode perba- 1 nyakan (replikasi) DNA secara enzimatik tanpa menggunakan organisme. 2 &3 Secara prinsip, PCR merupakan proses yang diulang-ulang antara 20–30 kali siklus yang 1 2&3 tergantung oleh kebutuhan. Setiap siklus ter- diri atas tiga tahap. Berikut adalah tiga tahap 1 2& 3 bekerjanya PCR dalam satu siklus: Tahap peleburan (melting) atau denaturasi. Pertumbuhan eksponensial produk singkat Pada tahap ini (berlangsung pada suhu tinggi, 94–96°C) ikatan hidrogen DNA terputus (de- Sequencing adalah penentuan urutan basa naturasi) dan DNA menjadi berberkas tung- DNA dalam segmen molekul DNA yang relatif gal. Biasanya pada tahap awal PCR tahap ini pendek. Pengurutan (sequencing) asam dilakukan agak lama (sampai 5 menit) untuk nukleat memungkinkan kita mengetahui memastikan semua berkas DNA terpisah. kode genetic dari molekul DNA. Pengurutan Pemisahan ini menyebabkan DNA tidak stabil DNA atau pengurutanDNA adalah proses dan siap menjadi templat (“patokan”) bagi atau teknik penentuan urutan basa nukleotida primer. Durasi tahap ini 1–2 menit. pada suatu molekul DNA. Tahap penempelan atau annealing. Primer Elektroforesis adalah teknik pemisahan kom- menempel pada bagian DNA templat yang ponen atau molekul bermuatan berdasarkan komplementer urutan basanya. Ini dilakukan perbedaan tingkat migrasinya dalam sebuah pada suhu antara 45–60°C. Penempelan medan listrik. Medan listrik dialirkan pada ini bersifat spesiik. Suhu yang tidak tepat menyebabkan tidak terjadinya penempelan Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 151 atau primer menempel di sembarang tempat. Durasi tahap ini 1–2 menit. Tahap pemanjangan atau elongasi. Suhu untuk proses ini tergantung dari jenis DNA polimerase (ditunjukkan oleh P pada gambar) yang dipakai. Dengan Taq-polimerase, proses ini biasanya dilakukan pada suhu 76°C. Durasi tahap ini biasanya 1 menit. Skema tiga tahapan PCR: 001/1/16/MC

suatu medium yang mengandung sampel Rubisco merupakan enzim dengan empat gu-yang akan dipisahkan. gus polipeptida besar yang mirip dan empatSouthern Blot adalah metode umum yang di- gugus polipeptida kecil yang juga mirip satugunakan untuk identiikasi fragmen DNA yang sama lain. Dilihat dari komposisi asam aminoberkomplementer untuk mengetahui sekuens penyusunnya, Rubisco sangatlah konservatif,DNA. Hibridisasi ini memungkinkan untuk dalam arti tidak banyak mengalami peruba-dilakukan pembandingan antara genom or- han dalam urutan asam amino ataupun basa Nganisme tertentu dengan probe. dari gen-gen pengkodenya. Gen-gen RubiscoAnalisis Restriction fragment length poly- berlokasi di plastida.morphism (RFLP) adalah salah satu teknikpertama yang secara luas digunakan untuk 50. Jawaban: Amendeteksi variasi pada tingkat sekuen Pembahasan:DNA. Daerah pendewasaan (diferensiasi) meru- pakan daerah titik tumbuh yang berada di48. Jawaban: D belakang dan bercampur dengan daerah Pembahasan: pemanjangan. Bagian ini merupakan bagian paling atas akar.NO. URUTAN MANUSIA ORANG UTAN pustaka-indo.blogspot.com Pada daerah pendewasaan terdapat tiga TAKSON lapisan yang menghasilkan tiga sistem jaring- Animalia an, yaitu:1. Kingdom Animalia Chordata a. Protoderm merupakan lapisan terluar Mamalia yang merupakan cikal bakal epidermis2. Phylum Chordata Primates pada akar. Pongidae b. Meristem dasar merupakan lapisan kedua3. Class/kelas Mamalia yang akan tumbuh menjadi parenkim Pongo korteks. Parenkim korteks merupakan4. Ordo/bangsa Primates pygmaeus jaringan dasar yang mengisi lapisan kor- teks.5. Familia/suku Hominidae c. Prokambium adalah lapisan paling dalam pada daerah pendewasaan. Lapisan ini6. Genus/marga Homo juga sering disebut sebagai lapisan pusat. Lapisan inilah yang akan tumbuh menjadi7. Species/jenis Sapiens silinder pusat dan berkas pengangkut (xilem dan loem).49. Jawaban: E Pembahasan: 51. Jawaban: E Ribulosa­1,5­bisfosfat karboksilase­ok­ Pembahasan: sigenase, disingkat Rubisco (dari nama Lingkaran tahun terbentuk dari lapisan xilem bahasa Inggrisnya), adalah enzim raksasa sekunder yang dihasilkan kambium ke arah yang berperan sangat penting dalam reaksi gelap fotosintesis tumbuhan. Enzim inilah yang menggabungkan molekul ribulosa-1, 5-bisfosfat (RuBP, kadang-kadang disebut RuDP) yang memiliki tiga atom C dengan karbon dioksida menjadi atom dengan enam C, untuk kemudian diproses lebih lanjut men- jadi glukosa, molekul penyimpan energi aktif utama pada tumbuhan.152 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

dalam. Setiap tahun kambium menghasilkan Keempat tahapan tersebut dapat dilihat da- selapis lapisan xilem sekunder sehiingga ter- lam tabel berikut. bentuk lingkaran tahun yang akan bertambah setiap tahunnya. No. Dekar­ Siklus Transpor Pada musim kemarau persediaan air menu- Glikolisis boksilasi Krebs Elektron run sehingga menyebabkan jaringan xilem yang terbentuk mempunyai sel yang lebih Oksidatif kecil dan berwarna gelap. Sementara pada musim penghujan, persediaan air mening- 1. Tempat Sitosol Matriks mi- Matriks Membran kat dan menyebabkan jaringan xilem yang berlang- tokondria mitokon- dalam terbentuk berukuran relatif besar dan lebih sungnya terang. Lapisan-lapisan tersebut saling tum- dria mitokondria puk menumpuk dan menghasilkan lingkaran tahun. 2. Bahan Glukosa Asam Asetil NADH dan Jadi, Lingkaran tahun berperan dalam me- yang di- piruvat ko-A FADH2 nentukan umur suatu tumbuhan, merupakan gunakan aktivitas xilem skunder ke arah dalam dan loem sekunder ke arah luar dari pertumbuh- 3. Hasil 2 Asam 2 Asetil 4 CO2 H2O an sekunder. Senyawa piruvat, 2 ko-A dan 2 Floem H2O CO2 Xilem (Kemarau) 4. Macam 2 NADH 2 NADH 6 NADH Kambium akseptor dan 2 Xilem (Penghujan) FADH Umur 4 Tahun 5. Jumlah 2 ATP - 2 ATP 34 ATP Gambar: Lingkaran Tahun pada Tumbuhan ATP52. Jawaban: C 53. Jawaban: E Pembahasan: Pembahasan: Proses pengubahan glukosa menjadi CO2 dan Tabel ciri-ciri alga H2O terjadi dalam empat tahap, yaitu: pustaka-indo.blogspot.com 1) Glikolisis Ciri­ Alga Coklat Alga merah Alga Keemasan Alga hijau 2) Dekarboksilasi Oksidatif Ciri (Phaeophyta) (Rhodophyta) (Chrysophyta) (Chlorophyta) 3) Siklus Krebs 4) Rantai Transport Elektron Pigmen Kloroil a dan Kloroil a dan Kloroil a dan Kloroil a, b, c, fukosantin, b, karotenoid, c, Bete karoten Beta karoten karoten, ikosianin, santoil santoil santoil ikoeritrin Habitat Pantai, air laut Air tawar dan Air tawar dan 90% di air tawar dan air laut air laut 10% di laut Bentuk Benang atau Benang atau Batang atau Benang, lem- baran, bola talus seperti tum- seperti tum- seperti telapak buhan tingkat buhan tingkat tangan tinggi tinggi Re- Zoospore Spora haploid Zoospore ber- Zoospore produk- berlagela dua lagela banyak si dan fragmen- asek- tasi sual Re- Isogami/ Persatuan sel Persatuan sel Konjugasi produk- oogami spermatium sperma dan si dan karpogo- ovum seksual nium Din- Selulosa, asam Manan dan Kersik/siika Selulosa ding alginate xilan sel Pe- Fitoplank- Bahan agar- Plankton, Fitoplank- ranan ton dalam agar dan sup produsen di ton dalam ekosistem air, perairan laut ekosistem asam alginate air, bahan untuk industri makanan makanan, farmasi , dan pupuk Contoh Turbinaria Gracilaria Navicula Pin- Chlorella Ulva Focus Sargas- Gelidium nularia Synura Spirogyra sum Eucheuma Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 153 001/1/16/MC

54. Jawaban: B dikeluarkan dari retikulum endoplasma Pembahasan: dan akan menuju ke sitosol. Proses fermentasi dan respirasi anaerob 2. Mampu mensintesis kolesterol dan lemak, sel tidak menggunakan oksigen, dan dapat proses ini terjadi di hati. menghasilkan ATP dengan jumlah kecil. Beri- 3. Mampu menetralkan racun atau detoksi- kut beberapa proses fermentasi dan respirasi ikasi. anaerob: 4. Mampu memodiikasi protein yang disin- • Fermentasi alkohol tesis oleh ribosom. 5. Mampu mentransportasi molekul danC6H12O6 Saccharomyces 2C2H5OH + 2CO2 + E (2ATP) bagian sel yang satu ke lainnya.• Fermentasi asam laktat 56. Jawaban: D Pembahasan:C6H12O6 2CH3CH(OH)COOH + 2ATP Ketika kadar glukosa darah naik melebihi nor- mal, pankreas akan mengeluarkan glukagon55. Jawaban: B pustaka-indo.blogspot.com sehingga kadar glukosa darah turun (salah) Pembahasan: Ketika kadar glukosa menurun maka sel alfa Sintesis protein dipengaruhi oleh aktivitas pulau Langerhans pankreas akan menghasil- gen, dan kecepatan sintesis ditentukan oleh kan hormon glukagon yang akan memecah konsentrasi DNA. (Benar) glikogen menjadi glukosa. Sintesis protein yang terdiri atas dua tahapan Ketika kadar glukosa naik maka sel beta pulau sangat dipengaruhi oleh aktivitas gen yang Langerhans pankreas akan menghasilkan tersandi/dikode dalam ADN. hormon insulin yang akan mengubah glukosa ADN merupakan cetakan (template) bagi menjadi glikogen. transkripsi, tentu saja konsentrasi ADN (ukur- Glukagon adalah hormon yang terlibat dalam an ADN) yang harus ditranskripsi menjadi mengendalikan gula darah (glukosa) tingkat. penentu lama waktu sintesis protein. Semakin [Hal ini disekresikan ke dalam aliran darah panjang ADN yang ditranskrip maka akan oleh sel-sel alfa, ditemukan di pulau Langer- membutuhkan yang semakin lama juga. hans, di pankreas. Sintesis protein yang terjadi dalam sel ber- Sel-sel alfa glukagon mensekresi mengelilingi langsung di retikulum endoplasma kasar. inti sel beta penghasil insulin mensekresi, (Salah) yang mencerminkan hubungan yang erat Fungsi dasar dari retikulum endoplasma kasar antara kedua hormon. mencakup fasilitas situs untuk mensintesis Glukagon bekerja bersama dengan hormon protein, pembentukan enzim lisosom dan insulin untuk mengontrol kadar gula darah cadangan membran sel. dan menjaga mereka dalam tingkat yang Fungsi: ditetapkan. Glukagon dilepaskan untuk 1. Menjadi tempat penyimpanan kalsium, menghentikan kadar gula darah turun terlalu jika sel berkontraksi maka kalsium akan154 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

rendah, sementara insulin dilepaskan untuk pustaka-indo.blogspot.com59. Jawaban: C menghentikan kadar gula darah naik terlalu Pembahasan: tinggi. Ciri fase S: • Replikasi ADN;57. Jawaban: A • ADN mencetak ARN, sehingga ditemukan Pembahasan: banyak ARN di dalam inti sel. Alat gerak aktif ikan berupa otot bersegmen yang disebut miotom. Ikan juga memiliki 60. Jawaban: C sirip untuk berenang, siripnya ada yang ber- Pembahasan: pasangan maupun tunggal. Sirip ekor pada Tahap pembelahan sel yang menunjukkan ikan fungsinya adalah sebagai alat kemudi. terjadinya replikasi ADN yaitu fase interfase Ada tiga macam bentuk sirip ekor ikan yaitu pada mitosis yang dibedakan atas beberapa homoserkus (bagian atas dan bawah simetris), fase: heteroserkus (bagian atas lebih besar dari 1. G1 : secara spesiik, pada tahap G1 ukuran pada bagian bawah), dan diiserkus (bagian sel bertambah besar akibat pertumbuhan atas dan bawah simetris menyatu ke satu titik). sel. Dan ikan memiliki susunan otot dan tulang 2. S : Pada tahap S, terjadi duplikasi kromo- belakang yang leksibel untuk mendorong som dan sintesis DNA (replikasi DNA). ekor ikan di dalam air. (Jolt, 2010) Kromosom yang semula tunggal akhirnya berubah menjadi ganda.58. Jawaban: B 3. G2 : Pada tahap G2, sel tumbuh sempurna Pembahasan: sebagai persiapan untuk pembelahan sel. Dinamika populasi kelinci dan serigala ber- Pada fase ini, ADN cepat sekali bertambah banding terbalik, populasi kelinci menurun, kompleks dengan protein kromosom dan populasi serigala naik dan sebaliknya. pembentukan ARN (asam ribonukleat) serta protein berlangsung. Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 155 001/1/16/MC

Jawaban dan PembahasanTes Kemampuan Dasar Sains dan Teknologi (TKD SAINTEK) 20151. Jawaban: C = 1 . [cos(4x + 150°) + cos (2x + 90°)] Pembahasan: 2 x2 + y2 – 6x – 2y + k = 0 (x – 3)2 – 9 + (y – 1) – 1 + k = 0 = 1 . [cos 2(2x + 75°) + cos 2 (x + 45°)] (x – 3)2 + (y – 1)2 = 10 – k 2 A = 1 . [1 – 2 sin2(2x + 75°) + 1 – 2 sin2 (x + 45°)] 2 = 1 . (1 – 2a2 + 1 – 2b2) 2 P pustaka-indo.blogspot.com (3, 1) 5 C = 1 – a2 – b2 (8, 1) 3. Jawaban: C B Pembahasan:Segi empat APBC berupa layang-layang de- Proyeksi OA terhadap OBngan luas 12, luas ∆APC = 6 sehingga panjangsisi-sisinya 3, 4, dan 5. OA . OB < 6untuk r = 3 ⇒ 10 – k = 32 | OB | 5 -k = 9 – 10 t2 + 3 + 2t 6 -k = -1 < k =1untuk r = 4 ⇒ 10 – k = 42 55 -k = 16 – 10 -k = 6 t2 + 2t + 3 < 6 k = ­6 t2 + 2t + 3 < 0 (t + 3)(t – 1) < 0 t = -3 t = 1 +– + -3 12. Jawaban: A Jadi -3 < t < 1Pembahasan: 4. Jawaban: A Pembahasan:sin (2x + 75°) = a dan sin (x + 45°) = b Garis y = -x + 2 dicerminkan terhadap garis y = 3 menghasilkan garis yang tegak luruscos(3x + 120°) cos(x + 30°) sehingga:= 1 . 2cos(3x + 120°) cos(x + 30°) 2156 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

m1 . m2 = 1 = 19 a3 -1 . m2 = -1 54 m2 = 1 y = 3 → 3 = -x + 2 VABD.EPQ 19 a3 VABCD.EFGH 54 x = -1 = a3 (-1, 3) maka = 19 y – 3 = 1(x + 1) 54 y =x+1+3 6. Jawaban: E y =x+4 Pembahasan:5. Jawaban: D Pembahasan: P(x) = (x – a)5 + (x – b)4 + (x – c) R Pembagi: x2 – (a + b)x + ab = (x – a)(x – b) • untuk x = a → P(a) = 0 (a – b)4 + a – c = 0 (a – b)4 = c – a … (1)2a • untuk x = b → P(b) = 0 (b – a)5 + b – c = 0E 2 P pustaka-indo.blogspot.com -(a – b)5 + b – c = 0 … (2) 3 Ba a Substitusi persamaan (1) dan (2) A -(a – b)5 + b – c = 0EP = 2 EF -(a – b)(a – b)4 + b – c = 0 3 -(a – b)(c – a) + b – c = 0 2 = 3 a -ac + a2 + bc – ab + b – c = 0EQ = 2 EH bc – ab + b = ac + c – a2 3 b(c – a + 1) = ac + c – a2 = 2 a b = c + ac − a2 3 c +1− aER AR 7. Jawaban: AEP = AB Pembahasan:ER = a + ER (0, 25)− x2 +4 x+c < (0, 0625)− x2 +4 x+5 a (0, 25)− x2 +4 x+c < (0, 25)−2 x2 −8 x+102 a x2 + 12x – (c + 10) < 03 D < 0 → deinit 2 b2 – 4ac < 0a.ER = 3 a(a + ER) 144 + 4 . 1(c + 10) < 0 144 + 4c + 40 < 0ER = 2a 4c < -184 c < -46VABD.EPQ = VABDR – VEPHR  1 1 . 3a  1 1  2 a 2  3 2  3 2 3 2a = . . a2 − . . . = a3 − 4a3 2 27 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 157 001/1/16/MC

8. Jawaban: A • U2 – U4 = y ar – ar3 = yPembahasan:• x − 5.3 x +3 − 3.3 x +1 +a = 0 ar(1 – r2) … (2) 2 2 92 ar2(1− r3 )  x  2  x  x = ar(1− r2 )     y 32 −124 . 32 + a = 0 x x r(1− r3 ) y = (1− r2 ) misal: 32 = p p2 – 124p + a = 0 x a(1− r)(r2 + r +1) = p1 . p2 = a y (1− r)(1+ r) x1 x2 x r3 +r2 +r = 32 . 32 =a y 1+ r x1+ x2 11. Jawaban: C 3 2 = a2 3log a2 = x1 + x2 … (1) Pembahasan:• x1 + x2 = 4 3log 5 + 2 f=( x) - sin x − x + π ; -π < x < π 3log a2 = 3log 54 . 32 2 a2 = 54 . 32  x π  1 2 2 f '=( x) − + a = 54 . 3 - sin x a = 75 pustaka-indo.blogspot.comf '( x) = -  cos x − 219. Jawaban: EPembahasan: 2 sin x − x + π 2lim ( 5 − x − 2)( 2 − x +1) 1− x f ’(x) < 0x →1 -  cos x − 21 < 0= lim ( 5−x − 2) .( 2 − x +1) x →1 1− xSMART SOLUTION 2 sin x − x + π 2 TP A -1 .( 2 − x +1) cos x – 1 > 0 -1 2 2 2= --11. 1 . 1 . ( 2 − x +1) Mencari pembuat nol: 2 2 -cos x + 1 = 0 2 2=4 -cos x = - 1 1 2= 2 1 cos x = 210. Jawaban: C x = ± 2π 3 Pembahasan: • U3 – U6 = x Jadi - 2π < x ≤ 2π 3 3 ar2 – ar5 = x ar2(1 – r3) = x … (1)158 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

12. Jawaban: A Sehingga peluang terpilih keduanya perem-Pembahasan: puan• x2 = kx P(P1 ∩ P2 ) = 19 . 5 30 30x2 – kx = 0x(x – k) = 0 = 19 180x=0x=k Jadi, peluang paling sedikit satu laki-laki:• L1 = L2 = 1 – P(P1 ∩ P2)k 20 = 1 – 19∫ (kx − x2 )dx = ∫ ( x2 − kx)dx 180001 x2k − 1 x 3  k = 1 x3 − 1 x 2k 20 = 1612 3  0 3 2 0 1801 k 3 − 1 k 3 =  203 − 202 k  −  1 k 3 − 1 k 3  15. Jawaban: B2 3  3 2  3 2 Pembahasan:202 k 203 2 = 3 f (x) = -x3 + 3x + 2c, -1 ≤ x ≤ 2 • U2 – U1 = f ’(0)3k = 2 . 20 ar – a = -3x2 + 3 40k= 3 pustaka-indo.blogspot.com a(r – 1) = -3(0)2 + 3 = 13 1 a(1 – 3 – 1) = 3 3k a=- 3 3 … (1)13. Jawaban: C • S∞ = fmin Pembahasan: -3 Syarat parabola: A ≠ 0 dan C ≠ 0 3 maka: 1−1+ 3 = fmin 3 2 =6 -3 = fmin … (2) Mencari fmin14. Jawaban: E f ’(x) = 0Pembahasan:Satu kelas siswa laki-laki saja maka: -3x2 + 3 = 0P(L3).P(L2).P(L1) = 11 -3(x2 + 1) = 0 36 -3(x + 1)(x + 1) = 01 . P(L1).P(L2) = 11 – + –– 36 -1 1 2n(L1) . n(L2) = 11 . 900 minimum pada x = -1 36 maka = 11 . 25 fmin = -3 -(-1)3 + 3(-1) + 2c = -3kemungkinan : -4 = 2c = -3n(L1) = 11 dan n(P1) = 19n(L2) = 25 dan n(P2) = 5 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 159 001/1/16/MC

2c = 1 mghA + 1 mvA2 = mghB + 1 mvB2 2 2c = 1 2 1 1 ⇔ mghA – mghB = 2 mvB2 – 2 mvA216. Jawaban: D ⇔ w.∆h = 1 mvB2 – 0 Pembahasan: 2 Pada selang waktu tA hingga tB dari gambar tampak merupakan satu grafik garis lurus ⇔ w.∆h = ∆Ek yang miring ke atas. Itu artinya jika garis lurus Ini menunjukkan usaha oleh gaya berat sama miring ke atas benda bergerak dipercepat. dengan perubahan energi kinetik.17. Jawaban: B Pada bagian kasar, dari B hingga C berlaku: Pembahasan: -fk. SBC = 1 mvC2 – 1 mvB2 2 2 Pada t = 0 sampai t = 5 s bekerja; Gaya dorong konstan 50 N ⇔ -fk. SBC = 0 – 1 mvB2 Gaya gesek fk = 0,2 × 100 = 20 N 2 Ini dua gaya yang sejajar arah gerak benda. F – fk = m.a ⇔ fk. SBC = 1 mvB2 = ∆Ek 50 – 20 = 10a 2 a = 3 m/s2 Ini menunjukkan usaha oleh gaya gesek sama Ini menunjukkan benda bergerak dipercepat dan pada detik ke 5 kecepatannya: dengan perubahan energi kinetik. v5 = vo + at pustaka-indo.blogspot.comDari dua penurunan di atas diperoleh bahwa = 0 + 3.5 = 15 m/s. usaha oleh gaya gravitasi sama dengan usaha Pada t = 5 s sampai t = 10 s gaya 50 N di- hilangkan, maka gaya yang bekerja adalah fk oleh gaya gesek. yang berlawanan arah dengan gerak benda sehingga balok diperlambat dengan: 19. Jawaban: D percepatan a = -20/10 Pembahasan: Pernyataannya salah, karena jika kedua ke- = -2 m/s2 lereng bertumbukan secara elastis sedang kecepatan pada t = 10 s adalah massa kedua kelereng sama maka laju kedua v10 = v5 + at kelereng akan tetap yang berarti energi kine- tiknya tetap juga. = 15 + (-2)5 Alasannya benar, karena kecepatan kedua ke- = 5 m/s. lereng sama besar dan berlawanan arah maka momentumnya selalu berlawanan arah. 20. Jawaban: B Pembahasan:18. Jawaban: A VC tumpah = Vbalok yg tercelup = 4 Vb Pembahasan: 5 Pada bagian lintasan licin tidak ada gaya gesekan sehingga berlaku hukum kekekalan mB = 10,4 gram energi mekanik. Pada AB berlaku: Vb = V wb = FA ρbVb = ρcVc160 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

mb .V = mc . 4 V Ia mempengaruhi kecepatan gas. Gas menjadiV V 5 medium gelombang suara. Suara naik karena kecepatan gas naik. 5 mc = 4 mb 24. Jawaban: E = 5 ×10, 4 Pembahasan: 4 ∆p =λL dengan ∆p = jarak antar pola terang; = 13 gram d λ = panjang gelombang cahaya; L = jarak21. Jawaban: A celah ke layar; d = jarak antar celah. Jika panjang gelombang cahaya digandakanPembahasan: berarti jarak antar pola terang pun menjadi digandakan. Pernyataan salahV1 = 1 L; V2 = 1,2 L; m2 = 1,5m; T2 = T1 = T jika beda panjang lintasan gelombang ca- haya merupakan kelipatan setengah panjangPV = nRT ⇔ P1 = mRT = mRT gelombangnya maka yang terjadi interferensi MrV1 Mr minimum. Alasan salah P2 == RTm2 R=MT .r1. ,15,2m 15 MrV2 12 P1 ∆P = P2 – P1 = 15 P1 – P1 = 3 P1 12 12 3 12 P1 ∅P = P1 = 1 = 0,25 P1 4 pustaka-indo.blogspot.com 25. Jawaban: D22. Jawaban: C Pembahasan:Pembahasan: R1 = 30 cm; R2 = 50 cm; nL = 1,5; nM = 1 lensa bikonveksP1 = nRT V 1  nL −1  1 1P2 = nRT2 = nR(T +10) f =  nM  R1 + R2  V2 V + 50nR  1, 5 −1  1 01, 5  P1 = P2 = 1 0,3 + nRT = nR(T +10) = 0, 5  10 + 10  V V + 50nR 3 5 T = T +10 = 40 V V + 50nR 15TV + 50nRT = TV + 10V 15 40 V = 5nRT cm3 f = = 37,5 cmP = nRT Tak ada pilihannya yang ini. Jika lensanya 5nRT ×10−6 konveks konkaf dengan R2 = -50 cm. Dengan = 2,0 × 105 Pa langkah yang sama diperoleh f = 150 cm. Baru23. Jawaban: D ada pilihannya f = 150 cm.Pembahasan: 26. Jawaban: C Pembahasan:Memperhatikan persamaan berikut: Gunakan hukum Gauss:vrms gas = 3RT ; m0 menunjukkan jenis gas. m0 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 161 001/1/16/MC

∑EA = q dan A = 4πr2 = 4 29. Jawaban: A ε0 Pembahasan:E== AQε0 4=πεQ0R2 4Q karena k = 1 4πε0R2 4πε0 Menurut teori Bohr: 4kQ 4 rn = n2ao dan rn – 1 = (n – 1)2ao R2 ∆ = rn – rn – 1E = = n2ao – (n – 1)2ao27. Jawaban: B ∆r = ao[n2 – (n – 1)2] Pembahasan: = ao[n2 – (n2 – 2n + 1)] = ao[n2 – n2 + 2n – 1] Perhatikan gambar 27 = ao(2n – 1) I2 = 0,5 A 30. Jawaban: C I3 = 1 A Pada titik A : I1 = I4 + I5 Pembahasan: Pada loop I: 6I2 + 2I4 + x = 0 Pada titik B : I1 = I2 + I3 Pernyataan benar, teori relativitas menyatakan Pada loop II: 3I3+ I5 + x = 0 Pada titik C : I2 = I4 + I6 adanya pemuluran waktu. Menurut pengamat Pada B : I1 = I2 + I3 = 0,5 + 1 = 1,5 A Pada titik D : I5 = I3 + 5I6 yang bergerak terhadap kejadian: Pada A : I1 = I4 + I5 = 1,5 A ∆t = 1 . ∆tp dengan ∆tp = selang waktu pustaka-indo.blogspot.com1− v 2 c 2 yang diukur oleh pengamat yang diam ter- hadap kejadian. Jadi periode nyala-padam menurut kedua pengamat berbeda. pada loop I: 6I2 + 2I4 = -x ⇔ 6I2 + 2I4 = -x Alasan salah, laju cahaya menurut kedua pada loop II: 3I3+ I5 = x ⇔ 6I3+ 2I5 = -2x pengamat adalah sama. 6(I2 + I3) + 2(I4 + I5) = -3x 6.1,5 + 2. 1,5 = -3x 31. Jawaban: C 9 + 3 = -3x ⇔ x = 4 V Pembahasan:28. Jawaban: A Pembahasan: 7N → 2 5 7 Transformator tidak akan berfungsi dengan 17Cl → 2 8 tegangan baterai yang DC. Transformator hanya akan berfungsi jika tegangannya Cl berubah-ubah, maka akan menghasilkan Cl N Cl tegangan sekunder pada lilitan kedua. Jawabannya A, mengubah baterai 12 V de- Cl Cl ngan sumber tegangan AC 12 V. Rumus: NCl5 (menyimpang dari oktet), tidak ada PEB. 32. Jawaban: D Pembahasan: Dalam etilen glikol interaksi yang dominan antar molekulnya adalah dipol terinduksi – dipol permanen.162 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

33. Jawaban: D 36. Jawaban: BPembahasan: Pembahasan:mol = gr → Mr = gr = 90 = 180 CS2(l) + 3O2(g) → CO2(g) + 2SO2(g) Mr mol 0,5 ∆Hr = (∆Hf oCO2 + 2∆HoSO2) – (∆HoCS + 3∆Hf oO2)massa C = 12 × 2,2 gr = 0,6 gr 44 = (-393,5 – 2 . 296,8) – (115,3 + 3 . 0)massa H = 2 × 0,9 gr = 0,1 gr = (-393,5 – 593,6) – 115,3 18massa O = 1,5 – (-,6 + 0,1) = 0,8 gr = -987,1 + 115,3 = -871,8 kJ/molPerbadingan mol: untuk membakar 7,6 gr CS20,,6 0,1, 0,8 ∆Hr = -871,8 kJ/mol × 7, 6 7612 1 16 (CH2O)x0,5 1 0,5 = -87,18 kJ 1 21 37. Jawaban: D Pembahasan:Mr (CH2O)x = 180 1) V2O5 + 2HCl + H2O → 2VO2+ + 4OH– + Cl2Mr (12 + 2 + 16)x = 180 → Mr (30)x = 180 180 x = 30 = 6Jadi senyawa tersebut (CH2O)6 → C6H12O6 +5 reduksi +5 pustaka-indo.blogspot.com2) 2NH4VO3 → V2V5 + 2NH3 + H2O34. Jawaban: DPembahasan: +5 tetap+5 3) V2O5 + SO2 → 2VO2 + SO3 2C(s) + SiO2(s) → SiC(s) + CO2(g)m 0,375 0,05r 0,1 0,05 0,05 0,05s 0,275 - 0,05 0,05 +5 reduksi +4 4) 4VO2 + O2 → 2V2O5mol C = 4,5 = 0,375 mol 12mol SiO2 = 3 = 0,05 mol +4 reduksi +5 60 reduktor = oksidasimassa SiC yang terbentuk: 0,05 mol × 40 = 2 gr% massa terbentuk 1, 5 × 100% = 75% 38. Jawaban: A 235. Jawaban: D Pembahasan:Pembahasan: Anoda = oksidasi = AlMg dalam Mg(OH)2 mol . val = i. t Ar Mg 96.500= Mr Mg(OH)2 × Mg . Mg(OH)2 x .3 = 0,3. 161.60 24 27 96.500= 58 × 0,29 gr = 0,12 gr x = 0,27 grKadar Mg dalam batuan = 0,12 × 100% = 10% 1, 20 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 163 001/1/16/MC

39. Jawaban: E 1 = x.x 4 x ) .(0, 5Pembahasan: (0,5 − − x)V = k . [NO]x . [Br2]y 1 = x2 x )2 ⇒ 1 = x 4 (0,5 − 2 0,5 − ⇒  00,,21 x 1 → data 1 dan 3, karena data x 4x = 2x = 0,5 – x 1 3x = 0,5(konsentrasi) Br2 tetap 0,5 21 x 1  21 x  21 2 x = 3 4 = → = → x = 2 = 0,17 M  0, 05  y 1 41. Jawaban: D 0,10 4y⇒ = 1 → data 1 dan 2, karena data 2 Pembahasan:(konsentrasi) NOtetap ∆Tf A = Kf mA ⇒ ∆Tf A = mA . i ∆Tf B Kf mB ∆Tf B mB 21 y = 1 → y= 1 2 11, 9 1000 119 . 500 . 2 ∆Tf AJadi V = k[NO]2[Br2] ∆Tf B = 34 , 2 1000 342 500 .40. Jawaban: A 0,1. 2 0,1Pembahasan: pustaka-indo.blogspot.com= = 2 NO + CO → NO2 + CO iKBr = 1 + (2 – 1) . 1 = 2kstb I 0,2 0,2 0,4 0,4 42. Jawaban: Dkstb II 0,05 0,05 Pembahasan:→ 2,5 ml = 0,5 M HCN + KOH → KCN + H2O 5L m 60 mmol 30 mmolKarena NO2 dan CO ditambah, kesetimbang- r 30 mmol 30 mmol 30 mmol 30 mmolannya bergeser ke kiri. sisa 30 mmol - 30 mmol 30 mmol [NO].[CO2 ]KcI = [NO2 ].[CO] HCN + NaOH → NaCN + H2O m 30 mmol 20 mmol 0,2.0,2 = 0, 4 . 0, 4 r 20 mmol 20 mmol 20 mmol 20 mmol 1 sisa 10 mmol - 20 mmol 20 mmol 4 = Larutan yang terbentuk adalah larutan pe-kstb II nyangga antara asam lemah dengan garam- NO + CO → NO2 + CO nya:m 0,5 0,5 asam lemah : 10 mmolrx garam : (30 + 20) mmol = 50 mmol x x x [H+] = ka nasam = 5 . 10-10 . 10 = 10-10 ngaram 50stb x x 0,5 – x 0,5 – xKc = [NO].[CO2 ] pH = 10 [NO2 ].[CO]164 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

43. Jawaban: C Filum : ChordataPembahasan: Sub ilum : VertebrataAsam = Basa Kelas : Mammaliamolar . volume . valensi = molar . volume . Ordo : Cetaceavalensi Famili : Delphinidaex . 25 . 2 = 0,2 . 20 . 1 Genus : Orcinusx . 50 = 4 Spesies : orcax = 4 47. Jawaban: D 50 Pembahasan: = 0,08 MKarena sudah diencerkan 10x, maka konsen- No. Mikroorganisme Peranan Dalam Keterangan Kehidupan Manusiatrasi awal : 0,8 M 1. Clostridium Penghasil racun/ prokariotik botulinum toksin botulinum44. Jawaban: C yaitu keracunan Pembahasan: makanan (food Hasil samping sabun : Gliserol. botulism), keracunan akibat luka (wound45. Jawaban: A botulism), keracunan Pembahasan: pada bayi (infant Amilase berfugsi sebagai biokatalis hidrolisis botulism) amilum. pustaka-indo.blogspot.com2. Lactobacillus dalam pembuatan prokariotik bulgaricus yoghurt (susu asam). 3. Streptomyces Penghasil antibiotik prokariotik coelicolor46. Jawaban: A 4. Candida albicans menyebabkan Jamur Pembahasan: keputihan, rasa gatal (eukariotik) dan terbakar padaKelas Tempat hidup Amerika vagina yang biasa Kalimantan Sulawesi Papua Latin disebut dengan vaginitisMammalia pesut tarsius 5. Pseudomonas pendegradasi limbah prokariotik aeruginosa organikAves maleo kasuariReptilia penyu hijau anakonda 48. Jawaban: D Pembahasan:• Tingkatan Takson Tarsius Berikut ini tabel perbedaan otot polos, otot Kingdom : Animalia lurik, dan otot jantung.Filum : ChordataSub ilum : VertebrataKelas : MammaliaOrdo : PrimataFamili : TarsiidaeGenus : TarsiusSpesies : tarsier• TingkatanTakson Pesut (Lumba-lumba airtawar)Kingdom : Animalia Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 165 001/1/16/MC

No. Ciri­Ciri Otot Lurik Otot Polos Otot Jantung 2. Reabsorpsi (Penyerapan Kembali) Reabsorpsi terjadi di dalam tubulus1. Letak Menyusun otot Menyusun Menyusun otot kontortus proksimal dan dilakukan oleh sel-sel epitelium di tubulus tersebut. yang melekat alat-alat dalam, pada dinding Fungsinya adalah untuk menyerap kem- bali zat-zat di urine primer yang masih pada tulang misalnya jantung. bermanfaat bagi tubuh seperti glukosa, asam amino, ion-ion Na+, K+, Ca2+, Cl-, rangka. dinding usus HCO3-, dan HbO42-. Air akan diserap kem- bali melalui proses osmosis di tubulus dan pembuluh dan lengkung henle. Zat-zat yang masih berguna itu akan masuk ke pembuluh darah. darah yang mengelilingi tubulus. Hasil dari reabsorpsi adalah urine sekunder/2. Bentuk Sel bulat Ujung sel Bulat iltrat tubulus yang kadar ureanya lebih sel tinggi dari urine primer. memanjang meruncing, memanjang 3. Augmentasi (Pengumpulan) ada banyak inti inti berjumlah dengan ujung Urine sekunder akan memasuki tahap augmentasi yang terjadi di tubulus kon- terletak di tepi. satu, di tengah. bercabang, tortus distal. Disini akan terjadi pengeluar- an zat sisa oleh darah seperti H+, K+, NH3, ada banyak inti dan kreatinin. Ion H+ dikeluarkan untuk menjaga pH darah. Proses augmentasi sel terletak di menghasilkan urine sesungguhnya yang sedikit mengandung air. tengah. 51. Jawaban: D3. Kontrol Otot sadar Otot sadar Otot tak sadar. Pembahasan: saraf (kontraksi (kontraksi Hormon etilen banyak terdapat banyak pada dikontrol oleh dikontrol oleh buah yang sudah matang. sistem saraf sistem saraf Sehingga untuk mempercepat pemasakan sadar). sadar). buah dilakukan dengan mencampur buah yang matang dengan buah yang belum ma-4. Reaksi Cepat Lambat Lambat tang.5. Sifat Cepat lelah Tidak cepat Tidak cepat 52. Jawaban: A kerja lelah. lelah. Pembahasan: Fotorespirasi adalah sejenis respirasi pada49. Jawaban: B pustaka-indo.blogspot.com tumbuhan yang dibangkitkan oleh penerima Pembahasan:Kantung udara Trakea Sel-sel tubuh Kantung Trakeolus udara Spirakel tempat Dinding tubuh Trakea udara masuk UdaraSumber: Biology, Campbel50. Jawaban: DPembahasan:Berikut adalah 3 proses pembentukan urine:1. Filtrasi (Penyaringan)Filtrasi merupakan perpindahan cairandari glomelurus menuju ke ruang kapsulabowman dengan menembus membraniltrasi. Membran iltrasi terdiri dari tigalapisan, yaitu sel endotelium glomelurus,membran basiler, dan epitel kapsula bow-man. Tahap ini adalah proses pertamadalam pembentukan urine, menghasil-kan urine primer/iltrat glomerulus yangmasih mengandung zat-zat yang masihbermanfaat seperti glukosa, garam, danasam amino.166 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

cahaya oleh daun, dan juga dipengaruhi oleh pustaka-indo.blogspot.com tarik kesimpulan bangsa kera dan manusia ke- kebutuhan energi dan ketersediaan oksigen mungkinan memiliki nenek moyang sama. dalam sel. Jadi bukan manusia berasal dari bangsa kera, Proses ini hanya terjadi pada stroma kloro- karena terdapat garis perkembangan yang plas, dan didukung oleh peroksisom dan berbeda (terdapat percabangan). mitokondria. 55. Jawaban: E53. Jawaban: C Pembahasan: Pembahasan: Dampak negatif rekayasa genetika trans- Basa nitrogen yang menyusun ADN ada 2 genik antara lain: macam, yaitu 1. Potensi toksisitas bahan pangan 1. Basa Purin yang terdiri atas Adenin dan Contoh: Guanin. • Transfer gen tertentu dari ikan ke Solusi mengingat: P-A-Gu = Purin terdiri dalam tomat, yang tidak pernah atas Adenin dan Guanin. berlangsung secara alami, berpotensi 2. Basa Pirimidin yang terdiri atas Timin dan menimbulkan risiko toksisitas yang Sitosin. membahayakan kesehatan. Solusi mengingat: P-T-S = Purin terdiri atas • Kedelai transgenik, misalnya, pernah Timin dan Sitosin. dilaporkan adanya kasus reaksi alergi Rincian jumlah purin: yang serius. A. 5’-TAGTTTGGATA-3’memiliki kompo- • Ditemukan kontaminan toksik dari sisi purin 6 bakteri transgenik yang digunakan B. 5’-TGCTGCTATAT-3’ memiliki kompo- untuk menghasilkan pelengkap ma- sisi purin 4 kanan (food supplement) triptofan. C. 5’-TAGTAAGGATA-3’memiliki kompo- 2. Potensi menimbulkan penyakit/gang- sisi purin 8 guan kesehatan. D. 5’-TTCTGCTATAT-3’ memiliki kompo- WHO pada tahun 1996 menyatakan sisi purin 3 bahwa munculnya berbagai jenis ba- E. 5’-ATCTGCTATAA-3’memiliki kompo- han kimia baru, baik yang terdapat di sisi purin 5 dalam organisme transgenik maupun produknya, berpotensi menimbulkan54. Jawaban: D penyakit baru atau pun menjadi faktor Pembahasan: pemicu bagi penyakit lain. Berdasarkan gambar (a) bahwa terdapat Mis­ 3. Potensi erosi plasma nutfah. sing Link dalam perkembangan bangsa kera 4. Potensi pergeseran gen. sampai dengan manusia. Berdasarkan gambar (b) terdapat titik temu 56. Jawaban: C pada garis yang sama antara bangsa kera dan Pembahasan: manusia yang kalau ditarik garis menuju titik Kitosan dapat meningkatkan daya awet ber- awal, menuju titik yang sama. Maka dapat di- bagai produk pangan, contoh sosis, nuget, jus Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 167 001/1/16/MC

buah/sayur, produk olahan ikan, dan lain-lain 4. Terjadinya “alga bloom” dan terproduk- karena memiliki aktiitas antimikroba dan anti sinya senyawa toksik yang akan meracuni oksidan. (Pernyataan pertama benar) ikan dan kerang, sehingga tidak aman Kitosan adalah senyawa polimer alam turunan untuk dikonsumsi masyarakat dan meru- kitin yang diisolasi dari limbah perikanan, sak industri perikanan. Pada masa kini seperti kulit udang dan cangkang kepiting. hubungan antara pengkayaan nutrien (Pernyataan kedua (alasan) salah). dengan adanya insiden keracunan kerang di perairan pantai/laut meningkat.57. Jawaban: C Pembahasan: 5. Produksi vegetasi meningkat sehingga Sistem pembuluh limfa berfungsi mengem- penggunaan air untuk navigasi maupun balikan cairan limfa dari ruang antar sel ke rekreasi menjadi terganggu. Hal ini ber- sistem sirkulasi. (Pernyataan pertama benar). dampak pada pariwisata dan industri Cairan limfa yang diangkut ke dalam sistem pariwisata. sirkulasi mengandung sel darah merah yang berfungsi mengikat oksigen. (Pernyataan 59. Jawaban: C kedua (alasan) salah). Pembahasan: Cairan limfa yang diangkut ke dalam sistem Keempat tahapan tersebut dapat dilihat da- sirkulasi mengandung sel darah putih (leu- lam tabel berikut. kosit granuler, agranuler), antibodi, tidak pustaka-indo.blogspot.com mengandung sel darah merah. No. Glikoli­ Dekar­ Siklus Transpor sis boksilasi Krebs Elektron58. Jawaban: C Oksidatif Pembahasan: Eutrofikasi adalah pencemaran air yang 1. Tempat Sitosol Matriks Matriks Membran disebabkan oleh munculnya nutrien yang berlebihan ke dalam ekosistem air, dampak berlang- mitokon- mitokondria dalam yang ditimbulkan antara lain: 1. Rusaknya habitat untuk kehidupan sungnya dria mitokondria berbagai spesies ikan dan invertebrata. Kerusakan habitat akan menyebabkan 2. Bahan Glukosa Asam Asetil ko-A NADH dan berkurangnya biodiversitas di habitat FADH2 akuatik dan spesies lain dalam rantai yang di- piruvat makanan. 2. Konsentrasi oksigen terlarut turun se- gunakan hingga beberapa spesies ikan dan kerang tidak toleran untuk hidup. 3. Hasil 2 Asam 2 Asetil 4 CO2 H2O 3. Rusaknya kualitas areal yang mempunyai nilai konservasi/cagar alam margasatwa. Senyawa piruvat, ko-A dan 2 H2O 2 CO2 4. Macam 2 NADH 2 NADH 6 NADH dan akseptor 2 FADH 5. Jumlah 2 ATP - 2 ATP 34 ATP ATP SMART SOLUTION: Ge De Si Rae 1 23 4 1. Glikolisis 2. Dekarboksilasi oksidatif 3. Siklus Krebs 4. Rantai Transfer Eklektron168 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Kunci Belajar Materi Metabolisme: (2) Tempat pelekatan benang spindel Pahami : • Tempat pada saat pembelahan sel. • Proses • Sentromer dapat melindungi ADN dari • Hasil enzim nuklease (nuklease merupakan60. Jawaban: A enzim restriksi/pemotong ADN). Pembahasan: • Pada tahap telofase membran inti kem- • Dua fungsi sentromer: bali terbentuk dan benang spindel akan (1) Sebagai tempat melekatnya kromatid saudara. menghilang menjadi mikrotubula biasa.pustaka-indo.blogspot.com Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 169 001/1/16/MC

Jawaban dan PembahasanTes Kemampuan Dasar Sains dan Teknologi (TKD SAINTEK) 20161. Jawaban: E 3. Jawaban: A Pembahasan: Pembahasan: L1 ⇒ x2 + y2 + 6x – 6y = 9 2 cos x sin y ≥ 1 TP (-3, 3) H = 3 Cara substitusi option. 6 4. Jawaban: A Pembahasan: 12 P(s, t)/(a, b) ⇒ Q(2a – s, 2b – t) 315 3-3 melalui titik pusat gradien sama pustaka-indo.blogspot.comL2 TP (6, 15) b = t > a = s: tJadi (x – 6)2 + (y – 15)2 = 36 a s b 5. Jawaban: C2. Jawaban: E Pembahasan:Pembahasan: H G E F C12 10 DK C K'D B A2BA 8 HK’= …? dari ∆HDK’BD = BC HCari ∠C = ? 1382 = 102 + 122 – 240 cos Ccos C = 3 23 ? 4 K'BD = …?BD2 = BD2 + 100 – 20 BD cos C B-100 = -20 BD . 3 c=os B -=4-4 5 1 15 4 15BD = 20 3170 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

6. Jawaban: E 51 = 255aPembahasan: a = 51 255 f(x )2−)(gx(−=x1)) h( x) + x( x+ u1 = a = 1 5f (1)– g=(1) h(1) +1( f(x )2−)(gx(−x1)=) h( x) + x +1 10. Jawaban: A x− Pembahasan:f (1)– g=(1) h(1) + 2 f (x) = x3 + ax + 2 f ’(x) = 3x2 + a = 0Jadi (f ( x))2 − (g( x))2 = 2 . 1 = 2 a = -3x2 a = -3 (0)2 ( x −1) =07. Jawaban: C 11. Jawaban: B Pembahasan: Pembahasan: y1 = 3x+1 –  91 x akan berada di bawah y2 = 3x + 1 jika nilai x negatif. Jika f (x) = f(x + 2) untuk setiap x maka f(x) = Jadi x < 0 C (konstan)8. Jawaban: B ∫2 Pembahasan: Cdx = B pustaka-indo.blogspot.com ⇒ Cx 2 =B 0 0lim x(1− x +1)csc2 x 2C = Bx→0 3 7 ∫Cdx = 3 x x +1). (1+ x +1) Cx sin2 (1+ x +1)= lim (1− 7 x→0 x = 7C – 3C = 4C= lim x(1− ( x + 1)) 4C = 2B sin2 x (1+ x +1) x→0 12. Jawaban: B Pembahasan:= lim x2 x . 1 y = x2 y = 4 sin2 (1+ x +1) x→0= 1 2 y=49. Jawaban: A y=kPembahasan:• u255 = ar 255 u254 ar 254 2 =r x= y 1 ∫ y = y4 2 34 2=r 1 2 2 30 0• S8 = u3 + u2 + … + u8 = 51 a(r8 −1) = 16 S8 = r −1 3 51 = a(28 −1) ∫1 . 16 = k y 1 2 −1 3 0 2 2 dy Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 171 001/1/16/MC

2 3 4 = 8 DG = 2b3 +18b = 2b + 63 0 3 2b2 + 6 2b y2 3 4b4 + 36b2 = 4b4 + 24b2 + 36K2 =4 12b2 = 36K = 42/3 b2 = 313. Jawaban: B 16. Jawaban: D Pembahasan: Bilangan genap n = abc (3 digit) Pembahasan: 3 < b < c atau c > b > 3 Vt2 = V02 + 2gh 6,12 = 0 + 2(9,8)habc 37,21 = 18,6h g h= 37, 21 = 1,9 m 18, 6jika b = 4 C 6 b=5 8 6 Maka maksimum yang dapat dicapai 9,1 m + C 8 1,9 m = 11 m b=6 C 8 17. Jawaban: D Pembahasan: b=7 C 8Jadi 9 × 2 + 9 × 2 + 9 × 1 + 9 × 1 = 54 pustaka-indo.blogspot.com14. Jawaban: CPembahasan: Mm Wmy = 3 – x2m = y’ = -2x titik P(-a, b) θ Q(a, b) y’ = -2(-a) tan θ = 3 4 y = 2a sin θ = 3∆ sama sisi α = 60° 5m = tan 60 = 2a cos θ = 4 5 2a = 3 a = 1 3 Agar dalam kondisi diam memiliki persa- 2 maan:15. Jawaban: B Wm = Wsinθ + fs Pembahasan: mg = 100  53 + (0,25)(100)  4  g 5 f(x) = 3x + b m = 80 kg 1 18. Jawaban: B ∫ 3x + b dx = 2b Pembahasan: −1 TB 1 θ ∫ (3x + b)2 dx = 2b2 + 6 Mg TC −1 1 ∫ (3x + b)3dx = 2b3 + 18b −1172 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

tg θ = Mg 21. Jawaban: C TB Pembahasan:TB = Mg n = 0,5 k mol tgθ P = 120 kPa = 1,2 . 105 Pa = Mg . cot θ Vo = 250 cc/kmol = 125 cc/0,5 kmol19. Jawaban: C = 12,5 × 10-5 m3/0,5 kmol Pembahasan: W = P . ∆v m = massa 2 karung = 2 × 25 = 50 kg M = massa 2,2 karung = 2,2 × 25 = 55 kg ∆v =W = 4,2 = 3,5 . 10-5 m3 P 1, 2 .10 −5 F1 F2π r12 = π r22 Volume akhir :m.g = M.g V = Vo + ∆vπ . r12 π . r22 = 12,5 × 10-5 + 3,5 . 10-5 = 16 × 10-5 m3 50 = 55π . r12 π . r22 PV = nRT r2  2 55 T = PV 1, 2 . 10-5 ×16.10-5 r1  50 nRT = 0,5×R = pustaka-indo.blogspot.com r2  2 11 = 19, 2 r1  10 0,5R = = (38,4/R)Kr2 = 1,1 22. Jawaban: Dr1 Pembahasan:20. Jawaban: E Karena karena energi Ef = Ei maka perubahan Pembahasan: energi yang dialami oleh gas ideal tersebut v2 = 7 m/s sama dengan nol, disimpulkan bahwa tidak terjadi perubahan suhu (isotermal) yaitu Tf = Ti h=7m 23. Jawaban: Dv1 = 2 m/s Pembahasan: Karena T ∞ m, maka:P1 + 1 ρ v12 + ρ . g . h1 = P2 + 1 ρ v22 + ρ . g . h2 T1 = m1 2 2 T2 = m2P1 + 1 1000 . 4 + 1000 . 9,8 . 0 2 = m1 2 3 = m2= P2 + 1 . 1000 . 49 + 1000 . 9,8 . 7 _________ masing-masing ruas dikuadratkan 2 m49 2====mm9412 mP1 – P2 = 91100 Pa = 9.1 × 104 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 173 001/1/16/MC

24. Jawaban: A Oleh karena λ1 > λ2, maka cahaya yang mung- Pembahasan: kin dipancarkan adalah MERAH, karena merah Agar lampu menyala redup, yang harus dilaku- kan adalah memasang hambatan (resistor) memiliki panjang gelombang (λ) yang lebih secara paralel pada lampu. Berarti arus yang kecil dari jingga. memasuki lampu makin kecil akibatnya lampu menjadi redup 27. Jawaban: B Pembahasan: Sebab : betul, akibat betul, tidak berhubungan.25. Jawaban: E 28. Jawaban: A Pembahasan:Pembahasan: Sebab : betul∑f = 0F–f=0F =f FP = k Q r = (0,25) . 1. 10 B B' A = 2,5 NF =B.i. x B\"B = 2,5 pustaka-indo.blogspot.com 2x (0, 5) .1 =5T karena posisi B” sama dengan posisi awal (B),26. Jawaban: E maka tidak ada usaha yang dilakukan.Pembahasan: Akibat : betulAnggap kulit n = ∞, maka: W = -F . s=λ11 R  1 1  = - k . Q1 . Q2 ×r 32 n2 r2 −=λ11 R  1 − 1  = - k .Q1 .Q2 9 ∞ r1 = R = -∆EPλ1 9 Tanda (-) berarti usaha yang dilakukan selalu R melawan gaya listrik yang ada. Ada hubungan 9λ1 = (jingga) sebab akibat.=λ12 R  1 − 1  29. Jawaban: E 22 n2 Pembahasan:=λ12 R  1 − 1  4 ∞ ms = m mp = M1 = R (1) Tanda negatif (-) berarti ada energi yangλ2 4 dilakukan untuk melawan gaya grafitasi Newton.λ2 = 4 (4) EM = EP + EK R174 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

EK = EM – EP dengan kata lain energi kinetik n = 1 , 1 , 1 , 1satelit lebih kecil dari pada energi mekanik λ0 λ1 λ2 λ3satelit = 11, 1 , 1 , 1 , 1 1 130. Jawaban: B 234Pembahasan: = 1: 2 : 3 : 4, = 0,5 m Jadi bilangan gelombang = 1 mm = 10 g = 10-2 kg 31. Jawaban: AF = 200 N Pembahasan:1) v= F = F . v = λ.f Energi pengion ke 1 paling kecil artinya paling µ m mudah melepas elektron pertama ⇒ sehing- ga lebih cenderung membentuk ion X+. λ.f = 200 . (0, 5) 10−2 λ.f = 104 λ = 1 32. Jawaban: C 2l Pembahasan: f = 100 m/s/0,25 = 400 Hz 17X = 2 8 7 ⇒ elektron valensi 72) 0,5 m adalah panjang dawai, amplitudo 8Y = 2 6 ⇒ elektron valensi 6 (sebagai atom pusat) pendulum tentu 0,5 m. pustaka-indo.blogspot.com3) v= F Tipe Molekul (TM) = AXmEn µ A = atom pusat, X = PEI, E = PEB 200 . (0, 5) = 10−2 Rms mencari PEB ⇒ E = PEB = EVatom pusat − PEI 2 = 104 = 6−2 =2 2 = 100 m/s 2π4) K = λ Jadi TM = AX2E2 ⇒ sehingga bentuk molekul- nya (BM) = bentuk V. • λ=3 v= 140000= 1 m 33. Jawaban: B f3 4 Pembahasan: • f=1 v= 100,50= 200 Hz Ratio Mol = Na : S : O =  22,33 :  3, 2  :  2, 4  32 16 λ=1 v= 120000= 0,5 m f1 = 0,1 : 0,1 : 0,15 = 1 : 1 : 1,5 = 2 : 2 : 3 • f0 = 1 ⋅ v = 1 ⋅ 100 = 100 Hz Jadi Rumus Senyawa Hipo = Na2S2O3 2  2 0,5 Untuk 0,1 mol Na2S2O3 ⇒ maka jml atom S = mol senyawa × jml atom S × L λ=0 v= 110000= 1m = 0,1 × 2 × 6,02 × 1023 f0 = 1,204 × 1023 • f2 = 3 ⋅ v = 3 ⋅ 100 = 300 Hz 2  2 0,5 λ=2 v= 130000= 1 m f2 3 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 175 001/1/16/MC

34. Jawaban: B 37. Jawaban: B Pembahasan:Pembahasan: Menyetarakan pesamaan reaksi redoks de- ngan cara bilangan oksidasi:Persamaan reaksi setara: 0 PBO = 1(5) -1 SiO2 + 3C(s) → SiC(s) + 2CO(g)Mula-mula = 15/60 15/12 - - 0,25 1,25 3 Cl2 → 5 Cl– + 1 ClO3–Reaksi = 0,25 0,75 0,25 0,50Akhir = -0,50 0,25 0,50 0 PBO = 5(1) +5Jadi Massa CO yang dihasilkan Jadi : 3 mol Cl2 ≈ 1 mol ClO3–= mol CO × Mr CO = 0,50 × 28 = 14 gram 1 mol Cl2 ≈ 1 mol ClO3– 335. Jawaban: EPembahasan: 38. Jawaban: C Pembahasan:Mol Ti(OC3H7 )4 = Mol uap air ⇒ Spesi yang terbentuk pertama kali pada ka- V Ti(OC3H7 )4 V uap air toda adalah Cu karena memiliki Eo paling be- sar sehingga lebih mudah mengalami reduksiMol Ti(OC3H7)4 = 0,1 mol × 0, 24 L = 0, 01 mol menghasilkan Cu. 2,4 L⇒ Maka : Mol X = Koefisien X pustaka-indo.blogspot.com× Koefisien Ti(OC3H7 )4 Mol Ti(OC3H7)4 = 4 × 0,01 = 0,04 mol 39. Jawaban: C 1 Pembahasan:⇒ Jadi M=r X m=Gol 2, 4 = 60 Reaksi: 2N2O5(g) → 4NO2(g) + O2(g) 0, 04 Laju Reaksi NO2 = 6 mol L–1 s–136. Jawaban: E Maka laju reaksi N2O5 = Koefisien N2O5 KoefisienNO2 Pembahasan: = 2 × 6 = 3 mol L–1 s–1 Reaksi Molekul: 4 CH4(g) + 2O2(g) → CO2(g) + 2H2O(g) ∆H= -892 kJ Reaksi Ikatan: 40. Jawaban: E H Pembahasan: H C H+2O=O →O=C=O+2O–H–O Reaksi setimbang : 2F2(g) + O2(g) → 2OF2(g) H Tekanan awal: 1 1 - Rumus: ∆H = ∑EI kiri – ∑EI kanan Reaksi: 2x x 2x∆H = (4 × EI C – H + 2 × EI O=O) – (2 × EI C=O Setimbang: 1-2x 1-x 2x+ 4 × EI H-O)-892 = (4 × EI C – H + 2 × 493) – (2 × 743 + 4 × 463) Tekanan Total = P F2 + P O2 + P OF2 1,75 = (1 – 2x) + (1 – x) + (2x)-892 = (4 × EI C – H + 986 ) – (1486 + 1852) 1,75 = 2 – x X = 2 – 1,75 = 0,254 × EI C – H = -892 + 3338 – 986EI C – H = 1460 = 365 kJ/mol 4176 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Maka: 43. Jawaban: DP F2 = 1-2x = 1- 2(0,25) =1 – 0,5 = 0,5 atm Pembahasan:P O2 = 1 – x = 1 – 0,25 = 0,75 atm Reaksi ionisasi : (NH4)3 PO4 → 3NH4+ + PO34- Reaksi Hidrolisis:P OF2 = 2x = 2(0,25) = 0,5 atmKp = (P OF2 )2 = (0, 5)2 a. NH4+ + H2O → NH3 + H3O+ (P F2 )2 × P O2 (0,5)2 × 0,75 Asam Basa Basa Asam = 4 = 1,333 b. PO34−(aq) + H2O(l) → HPO42-(aq) + OH-(aq) 3 Basa Asam Asam Basa41. Jawaban: ­ 44. Jawaban: BPembahasan: Pembahasan:Fraksi mol 1= (mol mol KNO3 asetat) Syarat isomer geometri: KNO3 + mol etil 1. Memiliki rantai C ikatan rangkap 2. 0,05 0,05 1 = (0,05 + 0,10) = 0,15 = 3 2. Masing-masing atom C rangkap mengikat mol Fruk 2 atom yang berbeda. Fruk + mol etilFraksi mol 2 = (mol asetat) Reaksi terbentuknya: = 0,1 = 0,1 = 1 1) CH3 (0,1+ 0,1) 0,2 2 CH3 – CH = C - CH2 - CH2 - CH3 + Cl2 → pustaka-indo.blogspot.comKarena zat 1 terionisasi sempurna ⇒ maka α CH3 H2C CH C CH2 CH2 CH3= 1, n = 2 ⇒ jadi faktor van’t hof = i = n = 2 Cl Cl  31 × 2 2∆P1 = Xt1.P0 .i = 1 = 3 = 4 = 4 :3 Masing-masing atom C rangkap mengikat∆P2 Xt2 .P0 1 3 2 atom yang berbeda. 22 2) CH3 – CH = CH - CH2 - CH3 + Cl2 →42. Jawaban: A HPembahasan: H2C CH C CH2 CH3 Cl Cln HNO2 = 300 mL × 0,5 M = 150 mmol (AsamLemah) ⇒ lebih besar Maka sebagai Masing-masing atom C rangkap mengikatn KOH = 200 mL × 0,25 M = 50 mmol (Basa 2 atom yang berbeda.Kuat) 3) CH3 + Cl2 → CH3 – C = CH - CH3Larutan Penyangga Asam: CH3 HRumus cepat: H2C C C CH3[H+] = Ka × n Asam lemah − n Basa Kuat Cl Cl n Basa Kuat = 5 × 10-4 × 150 − 50 = 10-3 ⇒ pH = 3 Punya atom C rangkap mengikat 2 atom 50 yang sama. 50 4) CH3 CH3 – CH = C - CH2 - CH3 + Cl2 → Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 177 001/1/16/MC

CH3 • Tidak bisa mereproduksi sendiri.H2C CH C CH2 CH3 Virus juga tidak dapat mereproduksi sendiri, melainkan harus menginfeksi Cl Cl sel inang untuk bereproduksi. Jadi virus ini sangat berbeda dari salah satu orga-Masing-masing atom C rangkap mengikat nisme yang jatuh ke dalam tiga domain kehidupan.2 atom yang berbeda. 47. Jawaban: B5) CH3 CH3 + Cl2 → Pembahasan: CH3 – C = C - CH3 • Cara reproduksi bambu: a. Secara seksual dengan cara meng- CH3 CH3 hasilkan bunga.H2C C C CH3 Terjadi pada banyak spesies bambu ketika lingkungan ekstrim, bunga Cl Cl dan menghasilkan biji. Benih yangPunya atom C rangkap mengikat 2 atom matang akan jatuh ke tanah dan berkecambah dalam waktu tiga sam-yang sama. pai lima hari. b. Secara aseksual yaitu dengan meng-Jadi jawabannya : 1, 2, 4 (B) hasilkan tunas. Rimpang (rhizoma) tumbuh dari45. Jawaban: B rimpang lainnya dan menghasilkan Pembahasan: tunas yang sampai ke permukaan Polimer Nilon-6 terbentuk dari monomer namun akar tetap di dalam tanah. asam 6-hidroksi heksanoat dengan monomer Selain cara di atas bambu juga dapat heksametilen diamin. berkembangbiak saat batang bambu Reaksi polimerisasi : jatuh ke tanah dan akan muncul tu- pustaka-indo.blogspot.com nas baru melalui batangnya.OO • Karakteristik batang bambu: a. Sifatbatang:tegaklurus,tegakdanme-NH2 – (CH2)6 – N - H + HO - C - (CH2)5 - OH → NH2 – (CH2)6 – N – C - (CH2)5 -OH + H2O lengkung, bersandar, dan merambat. b. Cabang H H Air Posisi cabang: dibagian atas batangheksametilen diamin asam 6-hidroksi heksanoat Nilon-6 saja, diseluruh batang. Sifat dan panjang cabang: cabang• Karena menghasilkan molekul lain (H2O) utama, cabang atas atau bawah. Jumlah cabang: tunggal, dua, tiga.maka reaksi polimerisasi kondensasi. Tempat muncul cabang: pada garis node, diatas node.46. Jawaban: E Pembahasan: Virus tidak dikelompokkan makhluk hidup karena: • Tidak terdiri dari sel-sel. Virus pada dasarnya adalah DNA atau RNA yang dikelilingi oleh lapisan protein. Hal ini tidak terbuat dari sel, dan tidak dapat mempertahankan lingkungan internal yang stabil (homeostasis). Ingatlah bahwa sel adalah unit dasar dari organisme hidup. Jadi, jika virus tidak terbuat dari setidaknya satu sel, apakah dapat dika- takan hidup?178 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Postur cabang: horizontal, menyudut loem, fungsinya ke arah dalam membentuk ke atas, menyudul ke bawah. xilem sekunder dan ke arah luar membentuk loem sekunder.48. Jawaban: B Pembahasan: 52. Jawaban: D Garis Wallacea adalah garis yang dibuat oleh Alfred Russel Wallace berupa garis khayal Pembahasan: yang memisahkan penyebaran hewan Indo- nesia menjadi 2 yaitu Australis (timur) meliputi Dari gambar, hormon yang berperan adalah: NTT, NTB, Papua dan Orientalis (barat) meli- puti Bali, Jawa, Kalimantan. • Giberelin (perkecambahan). Dan dalam penelitiannya Wallace menemu- • Sitokinin (pembelahan sel). kan bahwa fauna yang ada di Pulau Lombok • Auxin, giberelin, sitokinin (merangsang berbeda dengan fauna yang ada di Pulau Bali, meskipun secara geograis antara kedua lokasi pembungaan). berdekatan. 53. Jawaban: C49. Jawaban: D Pembahasan: Pembahasan: • Epitel kubus selapis tersusun atas sel-sel yang berbentuk kubus dan hanya selapis Mutasi gen, salah satunya adalah penggantian sel saja, terspesialisasi untuk fungsi-fungsi basa yang terdiri dari 2 macam, yaitu: sekresi (mengeluarkan zat tertentu se- • Transisi = basa purin diganti dengan perti enzim). • Terdapat pada: tubulus ginjal, kelenjar purin lain, basa pirimidin diganti dengan ludah, kelenjar tiroid, dan banyak kelenjar pirimidin lain. lainnya. • Transversi = basa purin diganti pirimidin, • Dalam tubulus ginjal terjadi sekresi Cl- ke basa pirimidin diganti dengan purin. dalam jaringan di sekitarnya, dan sekresi pustaka-indo.blogspot.com juga H+, NH4+. 54. Jawaban: B50. Jawaban: B Pembahasan: Pembahasan: Akar lateral dihasilkan pada bagian pinggir si- Syarat berlakunya hukum Hardy-Weinberg linder pusat tumbuh ke samping dan dibentuk oleh perisikel/perikambium. adalah: • populasinya besar;51. Jawaban: D • perkawinan acak; Pembahasan: • viabilitas dan fertilitas sama; Kambium pembuluh/kambium vesikuler yaitu • tidak terjadi mutasi, migrasi, seleksi. kambium yang terletak di antara xilem dan 55. Jawaban: C Pembahasan: Struktur membran sel: Luar Sel Glikoprotein Protein Entrinsik Glikolipid Protein Intrinsik Bagian Hidropobik Fospolipid Bilayer Luar Sel Protein Ekor asam Lemak (Sitoplasma) Hidroilik Kepala bilayer (Fospolipid) Hidroilik Protein Intrinsik Protein Entrinsik Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 179 001/1/16/MC

Protein Transmembran: Peripheral 58. Jawaban: A membrane Pembahasan: Transmembrane Fatigue (kelelahan otot) disebabkan karena proteins protein timbunan asam laktat, kekurangan oksigen, dan aktiitas yang berlebihan. Phospholipid bilayer 59. Jawaban: D Pembahasan:Peripheral Integral Sampai tahun 1940-an, dugaan protein se-membrane membrane bagai materi genetik masih kuat dikarenakan para ahli biokimia telah mengidentiikasi pro- protein proteins tein sebagai satu kelas makromolekul dengan heterogenitas dan spesifisitas fungsi yangDari dua gambar di atas dengan jelas dapat besar, yang merupakan persyaratan wajib materi herediter. Sedangkan masih sedikitkita amati, protein perifer (ekstrinsik) tidak sekali yang diketahui tentang asam nuklet karena struktur dan fungsinya masih terlihattertanam pada lipidbilayer terlampau seragam untuk dijadikan sebagai materi genetik.56. Jawaban: E Pembahasan: 60. Jawaban: B Tumbuhan menyerap nitrogen dalam ben- Pembahasan: tuk nitrat, bukan dalam bentuk amonia. Jadi • Kloning menggunakan klon nucleus pernyataan salah dan alasan salah. somatic, sedangkan fertilisasi in vitro pustaka-indo.blogspot.com menggunakan nukleus sel telur dan sel57. Jawaban: D sperma. • Karena kloning menggunakan nucleus Pembahasan: somatic, maka keturunannya identik. Pernyataan salah Sedangkan fertilisasi in vitro yang meru- • Ventilasi merupakan salah satu proses pakan perpaduan sel ovum dan sperma memiliki keturunan yang tidak identik. pertukaran udara antara atmosfer dengan • kloning dan fertilisasi in vitro sama-sama darah. membutuhkan rahim resipien. • Pada ikan bertulang keras (ikan mas, gu- rame, dll) yang memiliki insang internal karena memiliki tutup insang (oper- kulum), dipengaruhi oleh membuka menutupnya operkulum. • Sedang pada ikan bertulang rawan (hiu, pari) yang memiliki tipe insang eksternal karena tidak memiliki penutup insang (operkulum), dipengaruhi oleh katup insang. Alasan benar Darah ikan selalu berada di dalam pembuluh darah (tertutup).180 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Kunci Jawaban Soal PrediksiTes Kemampuan Dasar Sains dan Teknologi (TKD SAINTEK)1. E 11. C 21. Dpustaka-indo.blogspot.com31. D 41. C 51. E2. A 12. D 22. E 32. B 42. B 52. C3. D 13. B 23. D 33. A 43. A 53. C4. E 14. A 24. A 34. E 44. A 54. B5. B 15. C 25. A 35. A 45. B 55. B6. C 16. B 26. A 36. C 46. D 56. C7. A 17. D 27. D 37. C 47. C 57. B8. B 18. C 28. D 38. B 48. B 58. B9. A 19. C 29. E 39. C 49. B 59. C10. D 20. C 30. E 40. B 50. D 60. E Kunci Jawaban Soal PrePdrikmsaigKaemmaamSmpuaartnSDoalusatiroSnaLinoslodsaSnBTMePkTnNoloSAgiIN2T0E1K7 181 001/1/16/MC

pustaka-indo.blogspot.com001/1/16/MC

001/1/16/MC pustaka-indo

o.blogspot.com

Seleksi Bersama Masuk Perguruan Tinggi Negeri atau disingkat SBMPTN SIMPLEmerupakan seleksi bersama dalam penerimaan mahasiswa baru dilingkungan perguruan tinggi negeri menggunakan pola ujian tertulis secara Membuat belajar &nasional yang selama ini telah menunjukkan berbagai keuntungan dan penyelesaian soal-soalkeunggulan, baik bagi calon mahasiswa, perguruan tinggi negeri, maupun yang dirasa sulit menjadikepentingan nasional. Bagi calon mahasiswa, ujian tertulis sangat mudah diselesaikan.menguntungkan karena lebih efisien, murah, dan fleksibel karena adanyamekanisme lintas wilayah. MINDGrasindo bekerjasama dengan PT Prima Edu Pendamping Belajar turut serta Menyelesaikan soal-soalberpartisipasi membantu meningkatkan mutu pendidikan nasional, dengan dengan menggunakanmengembangkan inovasi sarana pendukung belajar yang diperlukan siswa. rumus-rumus yangOleh karena itu, Grasindo dan PT Prima Edu Pendamping Belajar mudah diingat.menerbitkan buku Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEKyang berisi bahasan soal SBMPTN (Seleksi Bersama Masuk Perguruan Tinggi RATIONALNegeri) tahun 2014, 2015 dan 2016 yang dilengkapi dengan soal PrediksiSBMPTN SAINTEK. Penyelesaian soal-soal dengan masuk akal danBuku ini diterbitkan dengan tujuan memberikan gambaran dan informasi tetap sesuai dengankepada siswa untuk lebih mengenal karakter, tipe soal dan tingkat kesulitan konsep dasar.soal SBMPTN sesuai bidang studi yang diujikan dari tahun ke tahun. Buku inidiharapkan dapat membantu siswa untuk belajar mandiri dan siswa menjadi TRICKlebih siap dalam menghadapi Seleksi Bersama Masuk Perguruan TinggiNegeri di tahun berikutnya. Cara penyelesaian yang cepat dan mudahSelamat belajar dan raih kesuksesan lolos SBMPTN. sekaligus cerdas. pustaka-indo.blogspot.com TIM PENYUSUN: TES KEMAMPUAN DAN POTENSI AKADEMIKMATEMATIKA DASAR BAHASA INDONESIA BAHASA INGGRIS TPA GAMBARMulyantara, S.T. Marjono, S.Pd. Sunu Esti Hidayat, S.S. Denisa Apriliawati, S.Psi.Nuril Huda, M.Pd. Drs. Hery Subagyo, M.Pd. TES KEMAMPUAN DASAR SAINS DAN TEKNOLOGIMATEMATIKA IPA FISIKA KIMIA BIOLOGIDede Iryanto, S.Pd., M.Pd. Muhammad Yosief Fuadi, S.Si. Drs. Mahfud Rodhi, M.Pd. Drs. Suprapto, M.Pd.Wahyudi Hidayat, S.Pd. Ayi Pujiyani, S.Pd. I Putu Sudibawa, S.Pd., M.Pd. Drs. Sulindra Senior High School 3